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雅礼中学2023年下学期高一第一次月考 数学 (时量:120分钟 分值:150分) 一、单项选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.命题“,”的否定是( ) A., B., C., D., 2.设集合含有,1两个元素,含有,2两个元素,定义集合,满足,且,则中所有元素之积为( ) A. B. C.8 D.16 3.若函数的定义域为,则的定义域是( ) A. B. C. D. 4.已知,,为实数,判断下列命题的真假( ) A.“”是“”的充分条件 B.“”是“”的必要条件 C.“”是“”的充分条件 D.“”是“”的必要条件 5.用表示非空集合中的元素个数,定义若,,且,设实数的所有可能取值组成的集合是,则等于( ) A.1 B.3 C.5 D.7 6.函数在数学上称为高斯函数,也叫取整函数,其中表示不大于的最大整数,如,,,那么不等式成立的充分不必要条件是( ) A. B. C. D. 7.已知,,,则的最小值为( ) A. B.0 C.1 D. 8.黎曼函数是由德国数学家黎曼发现并提出的,在高等数学中有着广泛的应用,在上的定义为:当(,且,为互质的正整数)时,;当或或为内的无理数时,.已知,,,则( ) A.的值域为 B. C. D.以上选项都不对 二、多项选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分. 9.若关于的不等式的解集是,则下列选项正确的是( ) A.且 B. C. D.不等式的解集是 10.命题,为假命题,则实数的取值可以是( ) A. B.0 C.1 D.2 11.设,为两个正数,定义,的算术平均数为,几何平均数为,则有:,这是我们熟知的基本不等式.上个世纪五十年代,美国数学家D.H.Lehmer提出了“Lehmer均值”,即,其中为有理数.如:.下列关系正确的是( ) A. B. C. D. 12.已知集合有且仅有两个子集,则下面正确的是( ) A. B. C.若不等式的解集为,则 D.若不等式的解集为,且,则 三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分. 13.已知,那么的解析式为______. 14.设集合,,若,则实数的取值范围为______. 15.已知函数,,若对任意,存在,使得,则的取值范围______. 16.若,,且,则的最小值为______. 四、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.(其中第17题10分,18~22题每题12分,共70分) 17.已知全集,集合,. (1)当时,求; (2)若是的必要不充分条件,求实数的取值范围. 18.已知,,均为正实数,且. (1)求证:;(2)求的最小值. 19.已知,,且,求: (1)的最小值;(2)的最小值. 20.某市地铁项目正在如火如荼的进行中,通车后将给市民出行带来便利,已知某条线路通车后,列车的发车时间间隔(单位:分钟)满足,经市场调研测算,列车载客量与发车时间间隔相关,当时列车为满载状态,载客量为500人,当时,载客量会减少,减少的人数与的平方成正比,且发车时间间隔为2分钟时的载客量为372人,记列车载客量为. (1)求的表达式,并求当发车时间间隔为5分钟时,列车的载客量; (2)若该线路每分钟的净收益为(元),问当发车时间间隔为多少时,该线路每分钟的净收益最大,并求出最大值. 21.已知二次函数(,为实数) (1)若时,且对,恒成立,求实数的取值范围; (2)若时,且对,恒成立,求实数的取值范围. 22.已知函数,. (1)求函数的定义域和值域; (2)已知为非零实数,记函数的最大值为,求.
雅礼中学2023年下学期高一第一次月考 数学参考答案 (时量:120分钟 分值:150分) 一、单项选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.答案:A 2.答案:C 解析:, 采用 ① ② ③ ④ ∴,∴ 3.答案:B 解析:当时 ∴定义域为 4.答案:D 解析::反例:, :反例:, :反例:, :若 5.答案:B 解析:由题 ∴或3 又 2°或,2°若 则,则 ∴,∴ ∴,∴ 6.答案:B 解析:因式分解. ∴ ∴或2 ∴ 而 ∴选B 7.答案:A 解析:齐次代 原式 取导: 8.答案:B 解析:A:当或1成为内的无理数时 当为内的有理数时,此时必有有理数 而内有很多无理数,故A错 B:1°若,时 ,而,符合 2°若,时 令,,则, ,而有可能能约分 3°若, 则,,符合,故B对 C:若, 则, 此时为无理数,故C错 二、多项选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分. 9.答案:A,B,D 解析:草图 故 ∴,A正确 而B正确 而C错 由 ∴ D正确 10.答案:A,B,C 解析:对.为真命题 分离参数: ∴ 故可选A,B,C 11.答案:A,C 解析::,故A对 :,故B错 :, 而C对 : 故D错 12.答案:A,B,C 解析:令 由于只有两个子集,故为单元素集 ∴ A对 ,取导可以B对 由韦达定理:C错 由韦达定理: ∴D正确 三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分. 13.解析:令 ∴ 14.解析:由 ∴ ①若 ∴ ∴ 综上: ②若 则 15.解析:由题 当时, ①对时, ∴ ∴ ②对时, ∴ ∴ ∴ 16.解析:因式分解 双换元:令且 ∴原式 四、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.(其中第17题10分,18~22题每题12分,共70分) 17.解析:(1)易知 当时, ∴ (2)由题 ∵ ∴ ∴ ∴ 18.解析:(1)证明:齐次化 取导: (2)齐次化 取导: 19.解析:由 ∴ (1) ∴ ∴ 取导: 即, (2) 取导: 20.解析:(1)当时, 当时,可设 当时, 得,故 综上: 当时,人 (2)1°若时 此时: 2°若时 此时: 综上,当时,元 21.解析:(1)将,代入得 ∴对恒成立 分参: 当时,显然 ∴ 令 由均值取得:,特 ∴ (2)由题 变更主元:令为主元,视为参数 对恒成立 故只需 22.解析:(1)定义域: 当时, ∴ ∴ (2) 令 则 ∴原式, 1°若 此时轴: 此时 2°若 此时轴: ① ② ③ 综上:
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